Обновить / перезагрузить содержимое в Div с помощью jquery / ajax

Я хочу перезагрузить div по щелчку кнопки. Я не хочу перезагружать всю страницу.

вот мой код:

HTML:

<div role="button" class="marginTop50 marginBottom">
    <input type="button" id="getCameraSerialNumbers" value="Capture Again" class="disabled" />
    <input type="button" id="confirmNext"  value="Confirm & Proceed" class="disabled marginLeft50" />
</div>

на <input type="button" id="getCameraSerialNumbers" value="Capture Again"> кнопка a <div id="list">....</div> следует перезагрузить без загрузки или обновления полной страницы.

ниже приведен Jquery, который я пробовал, но не работает: -

$("#getCameraSerialNumbers").click(function () {
    $("#step1Content").load();
});

пожалуйста, предложите.

вот DIV на моей странице, которая содержит фотографии и серийные номера некоторых продуктов... Который будет поступать из базы данных 1-й раз при загрузке страницы. Но если пользователь сталкивается с какой-то проблемой, он нажмет кнопку "Захват снова"<input type="button" id="getCameraSerialNumbers" value="Capture Again"> " который снова загрузит эту информацию.

HTML код Div: -

<div id="step1Content" role="Step1ShowCameraCaptures" class="marginLeft">

<form>
    <h1>Camera Configuration</h1>
    <!-- Step 1.1 - Image Captures Confirmation-->
    <div id="list">
        <div>
            <p>
                <a id="pickheadImageLightBox" data-lightbox="image-1" title="" href="">
                    <img alt="" id="pickheadImage" src="" width="250" height="200" />
                </a>
            </p>
            <p>
                <strong>Pickhead Camera Serial No:</strong><br />
                <span id="pickheadImageDetails"></span>
            </p>
        </div>
        <div>
            <p>
                <a id="processingStationSideImageLightBox" data-lightbox="image-1" title="" href="">
                    <img alt="" id="processingStationSideImage" src="" width="250" height="200" />
                </a>
            </p>
            <p>
                <strong>Processing Station Top Camera Serial No:</strong><br />
                <span id="processingStationSideImageDetails"></span>
            </p>
        </div>
        <div>
            <p>
                <a id="processingStationTopImageLightBox" data-lightbox="image-1" title="" href="">
                    <img alt="" id="processingStationTopImage" src="" width="250" height="200" />
                </a>
            </p>
            <p>
                <strong>Processing Station Side Camera Serial No:</strong><br />
                <span id="processingStationTopImageDetails"></span>
            </p>
        </div>
        <div>
            <p>
                <a id="cardScanImageLightBox" data-lightbox="image-1" title="" href="">
                    <img alt="" id="cardScanImage" src="" width="250" height="200" />
                </a>
            </p>
            <p>
                <strong>Card Scan Camera Serial No:</strong><br />
                <span id="cardScanImageDetails"></span>
            </p>

        </div>
    </div>
    <div class="clearall"></div>

    <div class="marginTop50">
        <p><input type="radio" name="radio1" id="optionYes" />Yes, the infomation captured is correct.</p>
        <p><input type="radio" name="radio1" id="optionNo" />No, Please capture again.</p>
    </div>
    <div role="button" class="marginTop50 marginBottom">
        <input type="button" id="getCameraSerialNumbers" value="Capture Again" class="disabled" />
        <input type="button" id="confirmNext"  value="Confirm & Proceed" class="disabled marginLeft50" />
    </div>
</form>

теперь по щелчку информация, которая находится в <div id="list">... </div> должен быть загружен снова.

пожалуйста, дайте мне знать, если вам нужно больше информации.

8 55
javascript html css jquery ajax

8 ответов:

Я всегда использую это, работает идеально.

$(document).ready(function(){
        $(function(){
        $('#ideal_form').submit(function(e){
                e.preventDefault();
                var form = $(this);
                var post_url = form.attr('action');
                var post_data = form.serialize();
                $('#loader3', form).html('<img src="../../images/ajax-loader.gif" />       Please wait...');
                $.ajax({
                    type: 'POST',
                    url: post_url, 
                    data: post_data,
                    success: function(msg) {
                        $(form).fadeOut(800, function(){
                            form.html(msg).fadeIn().delay(2000);

                        });
                    }
                });
            });
        });
         });
31
$("#mydiv").load(location.href + " #mydiv");
89
$("#myDiv").load(location.href+" #myDiv>*","");
40

когда этот метод выполняется, он получает контент location.href, но затем jQuery анализирует возвращенный документ, чтобы найти элемент с divId. Этот элемент вместе с его содержимым вставляется в элемент с идентификатором (divId) результата, а остальная часть полученного документа отбрасывается.

$("#divId").нагрузка(расположение.href + " #divId>*", "");

надеюсь, что это может помочь кому-то понять

10

в то время как вы не предоставили достаточно информации, чтобы фактически указать, откуда вы должны извлекать данные, вам нужно вытащить его откуда-то. Вы можете указать URL-адрес в load, а также определить параметры данных или функцию обратного вызова.

$("#getCameraSerialNumbers").click(function () {
    $("#step1Content").load('YourUrl');
});

http://api.jquery.com/load/

7

Что вы хотите, чтобы загрузить данные снова, но не перезагрузить div.

вам нужно сделать запрос Ajax, чтобы получить данные с сервера и заполнить DIV.

http://api.jquery.com/jQuery.ajax/

5

попробуй такое

HTML-код 

 <div id="refresh">
    <input type="text" />
    <input type="button" id="click" />
 </div>

код jQuery

 <script>
    $('#click').click(function(){
    var div=$('#refresh').html();
    $.ajax({
        url: '/path/to/file.php',
        type: 'POST',
        dataType: 'json',
        data: {param1: 'value1'},
    })
    .done(function(data) {
if(data.success=='ok'){
        $('#refresh').html(div);
}else{
// show errors.
}
    })
    .fail(function() {
        console.log("error");
    })
    .always(function() {
        console.log("complete");
    });
    });

</script>

php Page code path= / path / to / file.php

<?php
   header('Content-Type: application/json');
   $done=true;
   if($done){
       echo json_encode(['success'=>'ok']);
   }
?>
5

вам нужно добавить источник, из которого вы загружаете данные.

Например:

$("#step1Content").load("yourpage.html");

Я думаю, вы должны посетить эту страницу на автоматическая загрузка и обновление Div при вызове Ajax без перезагрузки страницы с помощью jQuery

надеюсь, что это поможет вам.

3